Question

已知數(shù)列｛a_n｝、｛b_n｝、｛c_n｝的通項(xiàng)公式滿(mǎn)足b_n=a_n+1-a_n，c_n=b_n+1-b_n（n∈N⁺），若數(shù)列｛b_n｝是一個(gè)非零常數(shù)列，則稱(chēng)數(shù)列｛a_n｝是一階等差數(shù)列；若數(shù)列｛c_n｝是一個(gè)非零常數(shù)列，則稱(chēng)數(shù)列｛a_n｝是二階等差數(shù)列?

（1）試寫(xiě)出滿(mǎn)足條件a₁＝1,b₁=1，c_n=1（n∈N⁺）的二階等差數(shù)列｛a_n｝的前五項(xiàng)；

（2）求滿(mǎn)足條件(1)的二階等差數(shù)列｛a_n｝的通項(xiàng)公式a_n；

（3）若數(shù)列｛a_n｝首項(xiàng)a₁＝2，且滿(mǎn)足c_n-b_n+1+3a_n＝-2ⁿ⁺¹（n∈N⁺），求數(shù)列｛a_n｝的通項(xiàng)公式

Answer 1

（1）a₁=1，a₂=2，a₃=4，a₄=7，a₅=11

（2）a_n＝(n²-n+2)/2

（3）a_n=4ⁿ-2ⁿ

 （1）a₁=1，a₂=2，a₃=4，a₄=7，a₅=11
（2）依題意b_n+1-b_n=c_n=1，n=1，2，3，…
所以b_n=（b_n-b_n-1）＋（b_n-1-b_n-2）＋（b_n-2-b_n-3）＋…+（b₂-b₁）+b₁=1+1+1+…+1=n
又a_n+1-a_n=b_n＝n，n=1，2，3，…所以a_n＝（a_n-a_n-1）＋（a_n-₁-a_n-2）＋（a_n-2-a_n-3）＋…+（a₂-a₁）＋a_１
=（n-1）+（n-2）+…+2+1+1=n（n-1）/2+1=(n²-n+2)/2 
（3）由已知c_n-b_n+1＋3a_n= -2ⁿ⁺¹，可得b_n+1-b_n-b_n+1+3a_n＝-2ⁿ⁺¹，即b_n-3a_n=2ⁿ⁺¹，∴a_n+1=4a_n+2ⁿ⁺¹．
解法一：整理得：a_n+1＋2ⁿ⁺¹=4（a_n+2ⁿ），
因而數(shù)列｛a_n+2ⁿ｝是首項(xiàng)為a₁+2=4，公比為4的等比數(shù)列，
∴a_n+2ⁿ＝4·4^n-1＝4ⁿ，即a_n=4ⁿ-2ⁿ
解法二：在等式a_n+1＝4a_n+2ⁿ⁺¹兩邊同時(shí)除以2ⁿ⁺¹得：a_n+1/2ⁿ⁺¹=2·a_n/2ⁿ＋１
令k_n=a_n/2ⁿ，則k_n+1＝2k_n+1，即k_n+1＋１＝2（k_n+1）
故數(shù)列｛k_n+1｝是首項(xiàng)為2，公比為2的等比數(shù)列所以k_n+1=2·2^n-1＝2ⁿ，即k_n=2ⁿ-1．
∴a_n=2ⁿk_n=2ⁿ（2ⁿ-1）=4ⁿ-2ⁿ
解法三：∵a_１＝2，∴a₂＝12＝2^２×（2^２-1），a₃＝56＝2^３×（2^３-1），a₄＝32＝2^４×（2^４-1）
猜想：a_n=2ⁿ（2ⁿ-1）＝4ⁿ-2ⁿ
下面用數(shù)學(xué)歸納法證明如下：（i）當(dāng)n=1時(shí)，a_１＝2＝4-2，猜想成立；
（ii）假設(shè)n=k時(shí)，猜想成立，即a_k=4^k-2^k．那么當(dāng)n=k+1時(shí)，a_k+1＝4a_k+2^k+1＝4（4^k-2^k）＋2^k+1=4^k+1-2^k+1，結(jié)論也成立∴由（i）、（ii）可知，a_n=4ⁿ-2ⁿ